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【可编辑】武汉市2015年九年级元月调考物理试题(有答案)精编WORD版.doc

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可编辑 编辑 武汉市 2015 九年级 元月 物理试题 答案 精编 WORD
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2014—2015学年度武 汉 市 部 分 学 校 九 年 级 调 研 测 试物理 化学综合试卷(物理部分)武汉市教育科学研究院命制 2015、1、29 第Ⅰ卷(选择题 共36分)一、选择题(本题包括12小题,每小题只有1个正确选项。每小题3分,共36分)9、下列对生活中的现象解释正确的是A、摔碎了的瓷碗很难拼合在一起——分子间存在斥力B、排骨藕汤热的时候香气四溢——温度越高,分子的运动越剧烈C、房间长时间不打扫就会布满灰尘——分子在不停地做无规则运动D、海边昼夜温差变化比沙漠中大——水的比热容比沙石的比热容大分析:(1)分子间同时存在着相互作用的引力和斥力,分子间作用力与分子间距的关系;(2)物质是由分子组成的,组成物质的分子在不停地做无规则运动,分子的运动快慢与温度有关,温度越高,分子运动越快;(3)互相接触的物体彼此进入对方的现象叫扩散,扩散现象说明分子不停地做无规则运动,分子的运动是看不见的;(4)水的比热容比较大.解答:A. 摔碎了的瓷碗很难拼合在一起,不是因为斥力;瓷碗破碎后,分子间的距离太大,导致瓷碗破碎处分子间斥力和引力可以忽略不计,故A错误;B. 排骨藕汤热的时候香气四溢,是因为分子的运动快慢与温度有关,温度越高,分子运动越剧烈,故B正确;C. 打扫卫生时的尘土能看到,分子的运动是看不到的,故C错误;D. 因为水的比热容比沙石的比热容大,吸收或放出相同的热量,温度变化小,所以海边昼夜温差变化比沙漠中小;故D错误。故选B.10、关于内能、温度和热量,下列说法正确的是A、温度高的物体内能一定大B、做功也可以改变物体的内能C、物体温度升高,一定吸收了热量D、物体吸收热量,温度一定升高 (1)影响内能的因素有质量、温度以及状态等;(2)改变物体内能的方式有做功和热传递两种方式.解答:A. 因为影响内能的因素有质量、温度和状态,因此温度高的物体内能不一定大,故A错误;B. 做功和热传递都可以改变物体的内能,故B正确;C. 物体温度升高,可能是吸收了热量,也可能是外界对它做了功,故C错误;D. 物体吸收热量,温度不一定升高,如冰熔化,吸收热量,内能增加,温度不变,故D错误。故选B.11、如图所示,在烧瓶内盛少量水,给瓶内打气,当瓶塞跳起来时,可以看到瓶内出现白雾。下列解释正确的是A、通过打气筒压缩瓶内空气做功,空气内能增大,瓶底的水汽化成白雾B、瓶内的空气对瓶塞做功,空气内能增大,瓶底的水汽化成白雾C、瓶内的空气对瓶塞做功,空气内能减小,空气液化成白雾D、瓶内的空气膨胀对外做功,空气内能减小,空气中的水蒸气液化成白雾分析:根据实验现象,结合以下知道进行解答:压缩气体做功时,气体内能增大,温度升高,当气体对外做功时,内能减少温度降低;物质由气态变成液态的过程称为液化.解答:A. 瓶底的水汽化会形成水蒸气,而白雾是水蒸气液化形成的,故A错误;B. 瓶内的空气对瓶塞做功,空气内能会减小,而不是增大,故B错误;C. 瓶内的空气对瓶塞做功,空气内能减小,水蒸气液化成白雾,而不是空气液化成白雾,故C错误;D. 瓶内的空气膨胀对外做功,空气内能减小,空气中的水蒸气液化成白雾,故D正确。故选D12、如图所示,太阳能路灯的顶端是太阳能电池板,它白天向灯杆中的蓄电池充电,而夜晚则由蓄电池给路灯供电。下列关于太阳能路灯中能量转化的说法正确的是A、白天阳光照射太阳能电池板时,太阳能转化为电能B、白天阳光照射太阳能电池板时,太阳能转化为化学能C、白天太阳能电池板向蓄电池充电时,化学能转化为电能D、夜晚蓄电池给路灯供电时,电能转化为化学能分析:太阳能电池板就是将太阳能直接转化为电能的装置;蓄电池是将电能以化学能的形式储存起来,供电时,将化学能转化成电能,而充电时,是将电能转化成化学能.解答:分析太阳能路灯的整个工作过程可知:白天,太阳能电池板吸收太阳能,直接将太阳能转化成电能利用,也可以将多余的太阳能给蓄电池充电,将电能转化成化学能储存起来,以便在晚上使用;所以在白天太阳能电池板给蓄电池充 电是将太阳能→电能→化学能;在晚上,蓄电池给探照灯供电,只是将化学能转化成电能,再转化为光能使用。故选项中只有A说法正确。故选A13、有甲、乙、丙三个轻小物体,甲物体排斥乙物体,乙物体吸引丙物体。下列说法正确的是A.如果甲物体带正电,则丙物体一定带正电B.如果甲物体带正电,则丙物体一定带负电C.如果甲物体带负电,则丙物体一定带正电D.如果甲物体带负电,则丙物体可能不带电分析:根据电荷间的相互作用规律分析:同种电荷相互排斥,异种电荷相互吸引.解答:AB、如果甲物体带正电,甲物体排斥乙物体,说明乙也带正电;乙物体吸引丙物体,说明丙带负电或不带电,故AB错误;CD、如果甲物体带负电,则甲物体排斥乙物体,说明乙也带负电;乙物体吸引丙物体,说明丙带正电或不带电,故C错误,D正确。故选D.14、下列关于材料的导电性能及其应用的说法错误的是A、绝缘体不易导电,是因为绝缘体内部几乎没有电荷B、生活中通常用铜、铝做电线的线芯,是因为它们的导电性能好C、半导体的导电性能介于导体和绝缘体之间,可以制作二极管、三极管等D、用超导材料制造电子元件,可不必考虑元件的散热问题分析:(1)绝缘体不容易导电,是因为绝缘体内几乎没有能够自由移动的电荷;(2)铜或铝的导电性能较好,因此常用做电线的线芯;(3)根据导电性的不同,材料可分为导体,半导体,绝缘体三大类,容易导电的物体叫导体,不容易导电的物体叫绝缘体,导电性能介于导体与绝缘体之间的叫半导体;(4)超导材料的特点就是在温度很低时电阻为零.当电阻为零时用超导材料传输电能可以减少热损耗,用作输电导线或制作电子元件.制造电子元件时,由于没有电阻,不必考虑散热问题.解答:A. 绝缘体不善于导电,不是因为绝缘体内没有电荷,而是因为绝缘体内几乎没有能够自由移动的电荷;故A错误;B. 因为铜和铝的导电性能好,生活中通常用铜、铝做电线的线芯,故B正确;C. 半导体的导电性能介于导体和绝缘体之间,可以制作二极管、三极管等,在社会各领域应用广泛,故C正确;D. 超导材料的特点就是在温度很低时电阻为零,制造电子元件时,由于没有电阻,不必考虑散热问题,故D正确。故选A.15、从今年1月1日起,武汉中心城区15万余盏路灯将全部实现由光感应系统控制关停,这样就能避免光线太暗时路灯无法及时照明。如果用开关S表示某一区域的光感应控制系统,则下列路灯示意图最合理的是分析:并联电路中各用电器互不影响,先判断用电器的连接方式,然后根据开关在不同位置的作用减小分析.解答:因为路灯中的一个灯泡坏掉后,其它灯泡仍可以正常工作,因此路灯为并联连接,为了同时控制所有路灯,则开关位于干路中,故C正确。故选C.16、如图所示的电路中,电源电压U保持不变。若在甲、乙两处都接入电流表,断开开关S,则I甲:I乙=2:3。若在甲、乙两处都接入电压表,闭合开关S,则U甲:U乙等于A.  1:1   B.  3:2      C. 2:3        D.  4:9 正确答案C答案解析解:(1)在甲、乙两处分别接入电流表,断开开关S,两电阻并联在电路中,甲表测的是通过R2的电流,乙表测的是通过R1的电流,因并联电路中各支路两端的电压相等,所以,由I= 可得:= = = = ;(2)在甲、乙两处都接入电压表,闭合开关S,两电阻串联在电路中,甲表测的是R1两端的电压,乙表测的是R2两端的电压,因串联电路中各处的电流相等,所以,= = = .故选C.17、甲、乙两只白炽灯的铭牌如下图所示,下列分析正确的是A、若将两灯分别接入电压为220V的电路,乙灯消耗的电能多B、若将两灯并联接入电压为220V的电路,甲灯比乙灯亮C、若灯丝的材料、长度相同,乙灯的灯丝比甲灯的灯丝粗D、若将两灯串联,只要电源电压适当,甲、乙两灯就能同时正常发光正确答案C答案解析解:A、若将两灯分别接入电压为220V的电路,两灯均正常发光,但不知道通电时间,则根据W=Pt可知无法判断消耗的电能多少;故A错误;B、若将两灯并联接入电压为220V的电路,由于乙灯额定功率大,则实际功率大,所用乙灯比甲灯亮,故B错误;C、由P=得:R=可知额定电压相同,额定功率大的电阻小,乙灯灯丝电阻小,若灯丝的材料、长度相同,乙灯的灯丝比甲灯的灯丝粗;故C正确;D、若将两灯串联,由于串联电路的电流处处相等,则甲、乙两灯两端的电压不相同,则无法到达相同的额定电压值,故不能同时正常发光,故D错误.故选C.18、下图是探究电流通过导体时产生热的多少与哪些因素有关的实验装置。两个透明容器中密封着等量的空气,U形管中液面高度的变化反映密闭空气温度的变化。下列说法正确的是 A.甲实验是为了研究电流产生的热量与电阻的关系B.甲实验通电一段时间后,左侧容器内空气吸收的热量更多C.乙实验是为了研究电流产生的热量与电流的关系D.乙实验通电一段时间后,右侧U形管中液面的高度差比左侧的小分析:电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关.(1)探究电流产生热量跟电阻关系时,控制通电时间和电流不变;(2)探究电流产生热量跟通电时间关系时,控制电流和电阻不变;(3)探究电流产生的热量跟电流大小和电阻大小关系时运用了控制变量法;(4)电流通过导体产生热量的多少不能直接观察,但液体温度的变化可以通过液面高度差的变化来反映,体现的是转换思想.解答:AB、装置甲中一个5Ω的电阻与两个5Ω的电阻并联后再串联,根据串联电路的电流特点可知,右端两个电阻的总电流和左端的电阻电流相等,即I右=I左,两个5Ω的电阻并联,根据并联电路的电流特点知I右=I1+I2,两电阻阻值相等,则支路中电流相等,I1=I2,所以右边容器中的通过电阻的电流是左侧通过电流的一半,即是研究电流产生的热量与电流的关系,由Q=I2Rt可知,左边容器中的电阻产生的热量多,温度升得较快;因此通电一段时间后,玻璃管左侧液面高度差更大,故A错误,B正确。CD、在乙装置中,将容器中的电阻丝串联起来接到电源两端,通过他们的电流I与通电时间t相同,左边容器中的电阻小于右边容器中的电阻,即是探究电流产生的热量与电阻大小的关系;故由Q=I2Rt可知,右边容器中的电阻产生的热量多,温度升得较快,这表明:在相同时间内,电流相同的情况下,电阻越大,电流通过导体时产生的热量越多;故CD错误。故选B.19、如图所示的电路中,电源电压保持不变,电压表和电流表的示数分别用U、I表示,定值电阻R2和整个电路消耗的电功率分别用P、P总表示。下列图象中,反映物理量之间的关系错误的是分析:根据P=I2R分析定值电阻R2和整个电路消耗的电功率即可.解答:A. 由图可知,定值电阻R2和R2串联,由P=I2R可知,定值电阻R2消耗的电功率P=I2R2,P和I2成正比,故A正确;B. P=UI,而随着U的增大I也增大,所以斜率越来越大,即坡度越来越陡,故B正确;C. 整个电路消耗的电功率P总=I2R总=I2(R1+R2),电压表测R2两端电压,电流表测整个电路中的电流,因为R2和R2串联,串联电路中电流处处相等,由P=UI可知,U总不变,P总与I成正比可知,C正确,D. P总=(U/R2)*U0(电源电压)=(U0/R2)U,这里U0和R2的值都不变,所以斜率不变,即总功率P总和U成正比,故D错误。故选D.20、如图所示的电路中,电源电压恒为4.5V,电压表V1、V2的量程均为0~3V,电流表的量程为0~0.6A,滑动变阻器的规格为“20Ω lA”,灯泡标有“2.5V 1.25W”字样。闭合开关后,若要求三只电表的示数均不能超过所选量程,且灯泡两端电压不能超过其额定值,不考虑灯丝电阻的变化,则下列说法错误的是A.整个电路的最大功率是2.7WB.灯泡的最小功率是0.45WC.电流表示数的变化范围是0.3A~0.5AD.滑动变阻器的电阻允许调节的范围是4Ω~10Ω正确答案 A答案解析 解:由电路图可知,滑动变阻器与灯泡串联,电压表V1测灯泡两端的电压,电压表V1测滑动变阻器两端的电压,电流表测电路中的电流. 根据P=UI可得,灯的额定电流:IL额= = =0.5A,因为串联电路中各处的电流相等,且电流表的量程为0~0.6A,所以电路中的最大电流为Imax=0.5A,根据I= 求得,灯泡的电阻RL= = = 5Ω,电路中的总电阻R= = = 9Ω,因为串联电路中总电阻等于各分电阻之和, 所以滑动变阻器接入电路中的最小阻值:R滑=R-RL=9Ω-5Ω=4Ω,当电压表V2的示数为3V时,电路中的电流最小,滑动变阻器接入电路中的电阻最大,灯泡两端的电压:UL′=U-U滑max=4.5V-3V=1.5V,电路中的最小电流:Imin= = =0.3A, 所以电路中电流变化的范围是0.3A~0.5A,故C正确;滑动变阻器接入电路中的最大阻值:R滑max= = = 10Ω,故D正确;该电路的最大功率: Pmax=UImax=4.5V×0.5A=2.25W,故A错误;灯泡的最小功率:PL=(Imin)2RL=(0.3A)2×5Ω=0.45W,故B正确.故选A.第Ⅱ卷(非选择题,共60分)二、非选择题(本题包括12小题,共60分)21、(3分)下表归纳了固、液、气三态物质的微观特性,请完成这个表格。物态微观特性分子间距离分子间作用力固态①很大液态较大②气态很大③ ①较小 ②较大 ③很小(几乎没有)22、(3分)如图所示的四冲程汽油机工作示意图中,汽油机正在进行的是 冲程。若该汽油机的效率是20%,已知汽油的热值为4.6×107J/kg,则完全燃烧100 g汽油放出的热量可以转化为 J的有用功。在设计制造时,汽缸外有一个“水套”,利用水吸热降低汽缸温度,这是利用了水的 大的性质。解:(1)根据图示可知,两个气门都关闭,火花塞点火,活塞向下运动,气缸容积增大,因此是做功冲程;(2)汽油完全燃烧放出的热量:Q=mq=0.1kg×4.6×107J/kg=4.6×106J;因为η= ,所以该汽油机对外做的有用功W有用=ηQ完全=20%×4.6×106J=9.2×105J.(3)用水作为冷却剂,源于水的比热容大,即相同质量的水和其他的液体相比较时,若都是升高1℃时,水能吸收的热量最多,故用水冷却效果最好.故答案为:做功;9.2×105;比热容.23、(3分)某同学观察到他家里的电能表如图所示。电能表上标识的“10A”表示该电能表的 电流为10A,他家同时工作的用电器的总功率不能超过 W。该同学观察到当他家里只有一台电热水器工作时,这个电能表上的转盘在4 min内转过了300转,则这台热水器的实际功率是 kW。分析:①已知电能表的额定电压和最大电流,根据公式P=UI可求电路的最大功率;②已知电能表每消耗1kW•h的电能,转盘就转过3000r;可求转动300消耗的电能;已知消耗的电能和时间,根据公式P=Wt求出电功率.解答:电能表上标识的“40A”是电表电流上限,超过此电流会损坏电表或者测量不准;家中用电器的总功率不能超过:P大=UI=220V×40A=8800W;转过300r消耗的电能W=3003000kW⋅h=0.1kW⋅h;热水器的实际功率:P=Wt=0.1kW⋅h460h=1.5kW.故答案为:标定;8800;1.5.24、(5分)为了比较水和食用油的比热容,某同学用如图所示的器材进行了实验。 实验数据记录如下:物质质量/g初始温度/℃加热时间/min最后温度/℃水20020645食用油20020670(1)该实验除了图示中的实验器材以外,还需要的测量工具是停表、 和 。(2)实验中,两烧杯内放入 的电加热器,这样可以保证在相同的时间内,水和食用油吸收的热量 。(3)由实验数据可知,水的比热容约是食用油的 倍。分析:(1)根据表中数据可知需要的测量工具;(2)为了保证相等时间内吸收相同的热量,需使用完全相同的热源;(3)根据Q=cm△t比较比热容的关系.解答:(1)根据表中物理量可知,需要测量质量的工具,即天平;还需要测量温度的工具,即温度计;(2)实验中,两烧杯内放入相同的电加热器,这样可以保证在相同的时间内,水和食用油吸收的热量相同;(3)由实验数据和Q=cm△t可知:Q1/Q2=c1m△t1/c2m△t2c1/c2=△t2/△t1=(70℃−20℃)/(45℃−20℃)=2,因此水的比热容约是食用油的2倍。故答案为:(1)温度计;天平;(2)相同;相同;(3)2.25、(6分)在探究“通过导体的电流与电阻的关系”的实验中,某同学连接的电路如下图所示。(1)请你检查一下电路,把接错的那一根导线找出来,打上“×”,再画线把它改到正确的位置上。(2)重新连接好电路后,闭合开关,发现仅有一只电表有示数。造成这一现象的原因可能是 或 。(选填字母代号)A.电流表断路   B. 滑动变阻器短路   C. 滑动变阻器断路   D.定值电阻短路   E. 定值电阻处接触不良(3)小华用5Ω的电阻做完第一次实验后,再将10Ω的电阻接入电路进行第2次实验。为了确保两次实验中 的示数相同,相对于第1次实验,第2次实验中滑动变阻器的滑片应该向 移动。(1)为了使电流表与电阻串联,电压表与电阻并联,将电流表接线柱与电阻左端接线柱相连的导线去掉,将电阻左接线柱与电压表的负接线柱相连,改正后的电路如下图所示:(2)根据电路可知,定值电阻与滑动变阻器串联,电流表测量电路电流,电压表测量定值电阻两端电压;若有一只电表没有示数,则有:①电流表有示数,说明整个电路是通路,电压表无示数,说明定值电阻相对于整个电路的电阻来说很小,所以定值电阻能够分得的电压很小,其原因是定值电阻短路或滑动变阻器连入电路阻值过大所致,故选项D符合题意。②电流表无示数,说明电路出现断路;电压表有示数,说明电压表的正负接线柱与电源两极相连,因此电路故障为定值电阻断路或定值电阻处接触不良,故选项E符合题意。(3)根据串联电路的分压原理,将定值电阻的阻值从5Ω换成10Ω后,其两端的电压必然增大。而控制变量的要求必须保持其两端的电压为2V不变,所以,要增大滑动变阻器的阻值,以使其分担一部分电压,达到控制定值电阻两端电压不变的目的,故滑动变阻器的滑片应该向右移动。故答案为:(1)如上图所示;(2)D;E;(3)电压表;右。26、(4分)某同学利用如图所示的电路进行“测小灯泡电功率”的实验,已知小灯泡的额定电流是0.4A,电源电压恒定不变。(1)该同学发现电流表接入电路前的指针如图乙所示,出现这种现象后他应 。(2)解决好上述问题后,他继续进行实验:闭合开关,顺次将滑片移至图甲中A、B、C、D四个位置,并记下实验数据如下表:滑片位置电流表示数(A)电压表示数(V)A0.202B0.222.4C0.404.5D0.506由实验数据可知,小灯泡的额定功率是    W,滑动变阻器的最大阻值是   Ω。(3)该同学进一步研究发现,若利用滑片在A位置时的数据可算得小灯泡的电阻为10Ω,再根据P额=I额2R可算出小灯泡的额定功率为1.6W,与第(2)问中计算得出的数据不符。这是因为   。解答:(1)电流表接入电路前的指针如图乙所示,指针未指在零刻度线,在闭合开关前应将电流表的指针调到零刻度;(2)由表中数据可知:当滑动变阻器滑片P位于C点时,小灯泡正常发光,额电功率:P额=U额I=4.5V×0.40A=1.8W;当滑动变阻器滑片P位于D点时,接入电路中阻值为零,只有小灯泡接入电路,故电源电压为:U=6V,当滑动变阻器滑片P位于A点时,接入电路中阻值最大,小灯泡两端的电压为UL=2V,电路中电流为:I=0.20A,滑动变阻器两端的电压为:UR=U−UL=6V−2V=4V,电阻为:R=UR/I=4V/0.20A=20Ω.(3)滑片在A点时,小灯泡电阻R=U/I=2V/0.20A=10Ω,根据P′额=I2额R=(0.40A)2×10Ω=1.6W,P′额
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